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IQ89
Nivel 3
Registrado: 05 Ago 2009
Mensajes: 46
Carrera: Química
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| como hago para ver el final???
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AlanB
Nivel 9
Edad: 33
Registrado: 08 Mar 2010
Mensajes: 977
Ubicación: Quilmes
Carrera: Mecánica
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Bajate el Acrobat Reader y clickea donde dice "Download" en el tercer post 
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DiegoFo
Nivel 3
Registrado: 21 Dic 2009
Mensajes: 42
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| No esta el "download" en el tercer post. Va, yo no lo veo por lo menos
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AlanB
Nivel 9
Edad: 33
Registrado: 08 Mar 2010
Mensajes: 977
Ubicación: Quilmes
Carrera: Mecánica
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DiegoFo
Nivel 3
Registrado: 21 Dic 2009
Mensajes: 42
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| No se q onda pero no me aparece a mi ese cuadrito -.-
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DiegoFo
Nivel 3
Registrado: 21 Dic 2009
Mensajes: 42
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| Ah q boludo no estaba logueado sry y gracias
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Jackson666
Nivel 9
Edad: 37
Registrado: 01 Feb 2009
Mensajes: 1980
Ubicación: Martínez
Carrera: Electricista
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| Jas escribió:
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hola, tengo una pregunta:
como se solcuciona el ejercicio 2 a) ???
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| Frankie escribió:
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Alguien sabe como se hace el 2 ) A ) ???!
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| Guido_Garrote escribió:
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El 2.A) no sale con la fórmula para calcular el factor de potencia que está en la guía del tp de alterna?
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Si dibujas el triángulo de impedancias, te das cuenta que el ángulo de desfasaje tiene que cumplir ![[tex]\tan(\varphi_{1}) = \frac{\omega_{1} L}{R}[/tex]](images/latex/199dd41991d6271ee9de7e9331f35590b61da754_0.png "[tex]\tan(\varphi_{1}) = \frac{\omega_{1} L}{R}[/tex]") . Si cambiamos ![[tex]\omega_{2} = 4 \omega_{1}[/tex]](images/latex/3e64e28b6c54fe58cbcdf0898bb5b0fbceb0db4f_0.png "[tex]\omega_{2} = 4 \omega_{1}[/tex]") (esto sale de mirar los datos del enunciado), tenemos que ![[tex]\tan(\varphi_{2}) = 4\cdot \frac{\omega_{1} L}{R} = 4\cdot \tan(\varphi_{1})[/tex]](images/latex/dbd25fae1b74f4137996fbd100b1fabe37b3e951_0.png "[tex]\tan(\varphi_{2}) = 4\cdot \frac{\omega_{1} L}{R} = 4\cdot \tan(\varphi_{1})[/tex]") . Sabes que si ![[tex]\cos(\varphi_{1}) = \frac{\sqrt{3}}{2} \Longrightarrow \varphi_{1} = \pi/6[/tex]](images/latex/0a803a58c42a4d0306431096184e8dc3d2857e69_0.png "[tex]\cos(\varphi_{1}) = \frac{\sqrt{3}}{2} \Longrightarrow \varphi_{1} = \pi/6[/tex]") . Su tangente es ![[tex]\tan(\pi/6) = \frac{\sqrt{3}}{3}[/tex]](images/latex/cdd518cdd5b36909bc990fa511ba1c3642d27360_0.png "[tex]\tan(\pi/6) = \frac{\sqrt{3}}{3}[/tex]") . Luego, ![[tex]\tan(\varphi_{2}) = \frac{4\sqrt{3}}{3} \Longleftrightarrow \varphi_{2} \approx 67^{\textdegree}[/tex]](images/latex/bfc7d829020cbbf14eff963114f9eed5adf23518_0.png "[tex]\tan(\varphi_{2}) = \frac{4\sqrt{3}}{3} \Longleftrightarrow \varphi_{2} \approx 67^{\textdegree}[/tex]") . El factor de potencia da ![[tex]\cos(\varphi_{2})\approx 0,4[/tex]](images/latex/e219b888981aa05c47cfcb603a789d4e0d65169e_0.png "[tex]\cos(\varphi_{2})\approx 0,4[/tex]") .
Tengo dudas con el ejercicio 3) b). ¿Alguien pudo hacerlo?, así chequeo el resultado.
Se que ![[tex]C_{0} = \epsilon A/d \approx 2,78 \; \text{nF}[/tex]](images/latex/d69967f43cc96b52a30abeff0a36dc31c04a870d_0.png "[tex]C_{0} = \epsilon A/d \approx 2,78 \; \text{nF}[/tex]") es la capacidad con el dieléctrico ocupando todo el interior. Si la diferencia de potencial que se establece es de 20V, la carga inicial es ![[tex]Q_{0} = C_{0}V_{0} = 55,6 \; \text{nC}[/tex]](images/latex/75ca8c8d6d31cb2fd54d73714590332f075a6c93_0.png "[tex]Q_{0} = C_{0}V_{0} = 55,6 \; \text{nC}[/tex]") .
Cuando se separa una placa, se tiene que ![[tex]V_{0} = 0,2\epsilon_{r}E_{f}d + E_{f}d = E_{f}d (0,2\epsilon_{r} + 1)[/tex]](images/latex/df8c394ea361878fee7cf27fcccae5b58d2ebf8d_0.png "[tex]V_{0} = 0,2\epsilon_{r}E_{f}d + E_{f}d = E_{f}d (0,2\epsilon_{r} + 1)[/tex]") (porque la diferencia de potencial es constante), en donde ![[tex]E_{f} = \sigma_{f}/\epsilon = Q_{f}/A\epsilon[/tex]](images/latex/92ee2033401c71309b9b6e856a35037ff410b975_0.png "[tex]E_{f} = \sigma_{f}/\epsilon = Q_{f}/A\epsilon[/tex]") . Entonces, ![[tex]V_{0} = Q_{f}d/A\epsilon (0,2\epsilon_{r} + 1) = Q_{f}/C_{0}(0,2\epsilon_{r} + 1)[/tex]](images/latex/e99424d98540dd963c3e434373585526a8ea21ea_0.png "[tex]V_{0} = Q_{f}d/A\epsilon (0,2\epsilon_{r} + 1) = Q_{f}/C_{0}(0,2\epsilon_{r} + 1)[/tex]") y de acá sale que ![[tex]Q_{f} \approx 2,65 \; \text{nC}[/tex]](images/latex/42f80ba64926ef0685af7b317a54fb80a2eea6ae_0.png "[tex]Q_{f} \approx 2,65 \; \text{nC}[/tex]") .
¿Alguien hizo algo así?. Gracias :).
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mascheraco
Nivel 3
Registrado: 03 Jul 2011
Mensajes: 49
Carrera: Electrónica
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Yo no lo calcule asi..
Primero para la capacidad lo calcule como un capacitor esferico, porque dice que las placas son circulares. (o habia que calculalo como uno cilindrico?)
Para eso calcule la diferencia de potencial entre las placas y me quedo:
Co=e.4(pi).(1/a-1/b)
Despues, como lo que hace es separar las placas, actua como dos capacitores en serie, por lo tanto la diferencia de potencial no es constante, eso hubiera pasado si el espacio estaba abajo o arriba del dielectrico.
Por lo tanto 1/Ct=1/Co-1/C
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mascheraco
Nivel 3
Registrado: 03 Jul 2011
Mensajes: 49
Carrera: Electrónica
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| Perdon, en la ultima ecuacion va un mas +
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Jackson666
Nivel 9
Edad: 37
Registrado: 01 Feb 2009
Mensajes: 1980
Ubicación: Martínez
Carrera: Electricista
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La verdad que no entiendo por qué lo hiciste así. Si es de placas circulares, el área es ![[tex]\pi r^{2}[/tex]](images/latex/d314a612e4b4fc853318e6fd56477020c3d7819a_0.png "[tex]\pi r^{2}[/tex]") , que es dato. Después, fijate que se separan las placas estando conectado a una tensión continua de 20 V, ¿cómo va a variar la tensión entre bornes si es CC?. Me parece que lo que varía es la carga (por algo te preguntan por eso), y con ello la capacidad, por haber modificado (1) la distancia entre placas y (2) ahora un cacho no tiene aislante y otro sí.
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mascheraco
Nivel 3
Registrado: 03 Jul 2011
Mensajes: 49
Carrera: Electrónica
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| Claro pero primero tenes un capacitor con dielectrico donde la diferencia de potencial son 20V. Despues tenes un capacitor con dielectrico mas una zona sin dielectrico, donde en total la caida es 20V, esa es la suma de las caidas, por eso digo que lo calculas como si fueran dos capacitores en serie. Varia la carga y la capacidad si, pero hablo de la forma de calcularlo.. Probablemente estemos hablando de lo mismo
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Jackson666
Nivel 9
Edad: 37
Registrado: 01 Feb 2009
Mensajes: 1980
Ubicación: Martínez
Carrera: Electricista
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| Ah, claro. No te había terminado de entender. ¿Cuánto te dio la carga antes y después?.
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mascheraco
Nivel 3
Registrado: 03 Jul 2011
Mensajes: 49
Carrera: Electrónica
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Me dio 1,6.10^-5 C, y después de separarlo me dio 1.10^-6 C.
Son resultados muy aproximados eh, lo único que puedo comprobar es que la carga después de separarlo es menos a la inicial, cosa que es lógica porque aumenta la capacidad.
La capacidad yo la calcule asi: http://www.sc.ehu.es/sbweb/fisica/elecmagnet/campo_electrico/esfera1/esfera1.htm
C=Q/dV=Q/Ed=Q/(Q/eA).d=eA/d , de ahí calculaste la capacidad, pero eso vale siempre? V=E.d no es solo para el caso de un capacitor de placas paralelas?
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Jackson666
Nivel 9
Edad: 37
Registrado: 01 Feb 2009
Mensajes: 1980
Ubicación: Martínez
Carrera: Electricista
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Es análogo este caso. La geometría de las placas, en este caso repito, es irrelevante para esa igualdad. Eso sale de circular el campo eléctrico entre una placa y la otra del capacitor.
Igual sigo sin entender por qué consideraste que es esférico.
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mascheraco
Nivel 3
Registrado: 03 Jul 2011
Mensajes: 49
Carrera: Electrónica
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| No se, entendí eso del enunciado. Vos lo consideraste cilíndrico? Porque ahí queda dependiendo de un largo L. Vos como lo calculaste?
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