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Ttincho
Nivel 6
Registrado: 06 Sep 2009
Mensajes: 226
Carrera: Química
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danielac
Nivel 4
Edad: 53
Registrado: 04 Mar 2009
Mensajes: 73
Carrera: Agrimensura
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gracias Tincho, me parece que desisto de presentarme en feb.
saludos
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cj_same
Nivel 4
Registrado: 26 Oct 2005
Mensajes: 109
Carrera: No especificada
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| mmm... estuvo picantito algunos puntos! Especialmente para ser la primera fecha!
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eltesso10
Nivel 6
Edad: 35
Registrado: 10 Ago 2009
Mensajes: 268
Ubicación: MERCEDES
Carrera: Informática
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| fue muy conceptual, el 1 el 2 y el de termo salian facil, el 3 y el 4 tenian sus complicaciones
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PODRAN IMITARNOS, IGUALARNOS..JAMAS!
Jdor Nº12
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fernan88
Nivel 4
Registrado: 28 Nov 2009
Mensajes: 94
Carrera: Civil
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El primero el del toroide te pide las condiciones para q el vector H sea 0 en el material pero distinto de 0 en el aire. Yo plantie la circulacion de H y la iguale a N I. la parte de la circ. dentro del material vale 0 porque H vale 0 dentro del material y la parte de la circ. sobre el aire es H e. Entonces te queda q H=N I/e. Este H es igual a B/mu0. A su vez B es igual a muo M.
No entiendo cuales serian las condiciones pa que se cumpla q H sea 0 en l material.
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Eloe 4
Nivel 7
Edad: 34
Registrado: 21 Nov 2009
Mensajes: 409
Ubicación: Zona Norte
Carrera: Electricista
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| Cita:
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No entiendo cuales serian las condiciones pa que se cumpla q H sea 0 en l material.
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El mu del material ferromagnetico depende de la historia del material. Es posible que la bobina genere un campo magnetico, y que el material ya este magnetizado anteriormente con las lineas de campo de igual valor pero en sentido contrario, entonces el campo magnetico dentro del material es cero, pero en el aire se ve el campo magnetico que en realidad genera la bobina. Este proceso se llama histeresis, y la curva que esta ahi dibujada es la curva de histeresis.
En este video esta explicado el tema de histeresis a la perfeccion:
http://www.youtube.com/watch?v=ddU6HBFlvEk
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matthaus
Nivel 9
Registrado: 27 Feb 2009
Mensajes: 953
Carrera: Industrial
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A ver si entendi bien el 2:
Para mover una carga de forma cuasiestacionaria e isotermica hay que aplicarle una fuerza externa igual y opuesta a la que ejerce la carga.
por def : ![[tex]W_{ext} = -q \int _{A}^{C} \vec E \vec dl [/tex]](images/latex/aa411d0383129821113d42874fc8863411f65f44_0.png "[tex]W_{ext} = -q \int _{A}^{C} \vec E \vec dl [/tex]")
Entonces calculo el campo electrico q se ejerce sobre la carga que es
![[tex]Etot= Eesfera + Eplano[/tex]](images/latex/b24f865ce458b7dad041fe0090a39018dc3279ee_0.png "[tex]Etot= Eesfera + Eplano[/tex]") (por superposicion de efectos)
Gauss=![[tex] \oint \vec E \cdot \vec ds = \frac{(\rho. vol)}{\epsilon_0} [/tex]](images/latex/a059040206ebb451888b8ab66514bd0059c97f26_0.png "[tex] \oint \vec E \cdot \vec ds = \frac{(\rho. vol)}{\epsilon_0} [/tex]")
![[tex]Eesf = \frac {\rho R^3}{3r^2} = \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)}[/tex]](images/latex/aea743b11a2d545338ea79b7d1487ef6fbbab0c1_0.png "[tex]Eesf = \frac {\rho R^3}{3r^2} = \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)}[/tex]")
![[tex]Eplano = \frac {2 \sigma}{\epsilon_0}[/tex]](images/latex/9cedf40443a2fcbd201be4a3e1f09fd55360fa42_0.png "[tex]Eplano = \frac {2 \sigma}{\epsilon_0}[/tex]")
![[tex]Etot = \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0}[/tex]](images/latex/bba20c44ca1a41b47ceb457f0eb98c1bf25277bc_0.png "[tex]Etot = \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0}[/tex]")
Ahora integro:
![[tex] W/q = \int _{B}^{A} E \,dl + \int _{C}^{B} E \,dl = \int _{-40}^{0} E \,dl \hat i + \int _{20}^{60} E \,dl \hat j [/tex]](images/latex/6edf6476b46d1ec483b58cb2b816bc26e70c47ef_0.png "[tex] W/q = \int _{B}^{A} E \,dl + \int _{C}^{B} E \,dl = \int _{-40}^{0} E \,dl \hat i + \int _{20}^{60} E \,dl \hat j [/tex]")
![[tex]W/q =\int _{-40}^{0} \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0} \,dx \hat i + \int _{20}^{60} \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0} \,dy \hat j[/tex]](images/latex/e6165df5f443fa884501d8095780cc9039baeb06_0.png "[tex]W/q =\int _{-40}^{0} \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0} \,dx \hat i + \int _{20}^{60} \frac {\rho R^3}{3 (x^2+y^2)} +\frac {2 \sigma}{\epsilon_0} \,dy \hat j[/tex]")
Si calculo el modulo tengo el trabajo?
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Ttincho
Nivel 6
Registrado: 06 Sep 2009
Mensajes: 226
Carrera: Química
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Fijate que la onda del ejercicio son dos tips:
1) QUe el trabajo no depende del camino porque el campo electrostatico es un campo de gradientes entoces da lo mismo por la trayectoria que hagas y te conviene A-B,B-C
2) Que te fijes que podes moverte moverte sobre la misma equipotencial (A-B) plano, entonces el W = 0 y con la esfera creo que tenías una situación similar.
Igual con las cuentas tiene que darte.
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matthaus
Nivel 9
Registrado: 27 Feb 2009
Mensajes: 953
Carrera: Industrial
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No entiendo el 2)
ademas, lo q puse tiene sentido? (calcular la expresion de los campos y hacerlo circular por ese camino ab,bc)
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Ttincho
Nivel 6
Registrado: 06 Sep 2009
Mensajes: 226
Carrera: Química
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| matthaus escribió:
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No entiendo el 2)
ademas, lo q puse tiene sentido? (calcular la expresion de los campos y hacerlo circular por ese camino ab,bc)
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Si, pero creo que hay que encontrar los caminos convenientes, porque las cuentas se te hacen muy grandes. Creo que el campo del plano está con un 2 arriba y va a abajo. Igual no se usar latex y es medio dificil explicar pro acá, mirá aca puse un pdf con lo que usé yo para resolverlo. Espero te sirva.
Suerte y saludos
http://www.megaupload.com/?d=RIG98K45 (no me deja subirlo al foro)
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eltesso10
Nivel 6
Edad: 35
Registrado: 10 Ago 2009
Mensajes: 268
Ubicación: MERCEDES
Carrera: Informática
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ponele que le llamas D al punto donde esta la carga, por 1) q dijo Ttincho
podes moverte de A-D y desp de D -C (el trabajo solo depende del punto inicial y final), entonces el trabajo total de la esfera es 0(fijate que la distancia entre A y D es la misma que DC, y en AD lo lo acercas a la carga, y en DC lo alejas)
desp con el plano el trabajo en el tramo DC es cero por ser una equipotencial, entonces el trabajo total dados las dos distribuciones te queda el del plano en el tramo AD
espero que se entienda la sintesis
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PODRAN IMITARNOS, IGUALARNOS..JAMAS!
Jdor Nº12
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Nes
Nivel 6
Registrado: 22 Ene 2009
Mensajes: 208
Ubicación: zona oeste
Carrera: Civil
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el trabajo total no seria la integral de linea del campo del plano sobre el segmento BC.
el potencial de C y A respecto de la esfera es el mismo, por lo q respecto a la contribucion de esta no se hace trabajo, y el trabajo respecto a la contribucion del plano en AB es nulo porq AB y el campo son orntogonales..
entonces: Wtot = (sigma/2epsilon0) . (yc - yb) y esto da negativo por lo q hay q hacer trabajo.. esta bien?
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klos_19
Nivel 5
Edad: 34
Registrado: 07 Ago 2008
Mensajes: 174
Carrera: Mecánica
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En el 2 cuando te dice: "observe que la distancia de la distribucion esferica de carga y el punto A es igual a la distancia entre ella y el punto C"
Si me olvido un toque del plano puedo llevar la carga por una linea equipotencial, osea que no realiza trabajo.
y con respecto al plano, en el tramo AB el campo es perpendicular, osea que solo queda integrar el campo generado por el plano entre BC.
y eso daria el trabajo total, no ¿? ¿? Algo asi como lo que dice NEs
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lolita90
Nivel 3
Edad: 34
Registrado: 12 Ago 2009
Mensajes: 50
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Holaa! Yo tengo una duda sobre el 1....
Llego a la conclusion que He = I N / e
Ahora, B remanente es dato?? Porque si no como hago para sacarlo?
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connor
Nivel 8
Edad: 38
Registrado: 30 Ene 2010
Mensajes: 620
Carrera: Electrónica
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En realidad eso es lo que tenes que hallar, porque si vos tenes H en el entrehierro, también tenes B, pero acordate que B se mantiene (siempre que las superficies sean iguales, de manera que ![[tex] \oint _{S} \vec B \cdot \, \vec ds = 0 [/tex]](images/latex/8d1872f351909be27cb880dc33687442f9d2592c_0.png "[tex] \oint _{S} \vec B \cdot \, \vec ds = 0 [/tex]") ), con eso tendrías el B, el H dentro del material es cero, no se si se entendió, sino va de nuevo jeje
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